session - 关于php跳转页面给予提醒的问题

Question

请问，php执行用户操作的某一个操作之后（跳转执行的，非ajax执行）再跳转到上次页面或者其他页面 给用户返回执行结果的提醒，如何实现该提醒只在本次执行跳转请求有效，再次刷新本页面后不再存在该数据提醒。

仅有的幸福 · Answer

先执行提醒，然后再跳转呢？或者跳转到一个过渡页面，提醒完之后再跳去目标页面？

曾经蜡笔没有小新 · Answer

每次跳转之前判断是否存SESSION,如果不存在,则跳转.跳转成功之后,写SESSION.

$noticed = $_SESSION['noticed'];
if(isset($noticed)){
    //your code here
}

滿天的星座 · Answer

php可以获取到来源页面的连接使用：

$_SERVER[“HTTP_REFERER”]

就能得到来源页面的连接，可以进行对比，是不是从你执行的页面跳转的。来进行判断。或者是你可以在执行成功后给跳转连接后面追加一个参数。有参数的时候提示执行成功。正常刷新不存在提醒。

不过更推荐的是你写一个函数。传入提示语和要跳转的页面。具体可以参考一些框架的提示做法。

怪我咯 · Answer

根据以上几位的建议：

//跳转调用
function redirect($url,$message=false)
{
  if($message){
    foreach ($message as $key => $value) {
      if(is_array($value)){
        $_SESSION['RedirectMessage'][$key] = implode(',', urlencode($value));
      }else{
        $_SESSION['RedirectMessage'][$key] = urlencode($value);
      }
    }
  }
  header('location:'.$url);
}

//视图调用（在视图加判断）
function getMessage($key1)
{
  $data = explode(',',$_SESSION['RedirectMessage'][$key1]);
  $_SESSION['RedirectMessage'] = null;
  if(empty($data)){
    return false;
  }
  foreach ($data as $key => $value) {
    $data[$key] = urldecode($value);
  }
  if(count($data)==1){
    return $data[0];
  }else{
    return $data;
  }
}
/**
 * 参数是否存在
 */
function existsParam($key)
{
  if(isset($_SESSION['RedirectMessage'][$key])){
    return true;
  }else{
    return false;
  }
}